# 非官方题解 | CXXP#1题解

userId_undefined
CuSn
尊贵铂金勇敢小狗

2026-02-23 12:55:36

发布于：浙江

71阅读
0回复
0点赞

@wcqk

前言:

这期还是采用我的CuSn马蜂，很方便哈
难度:

  • 红 橙 黄 绿 蓝 紫 黑

T1：一个格的价

思路解析

这题其实很简单：给定皮皮虾等级 ( S ) 和质量 ( x )（克），求应付金额。

  • 等级与每千克单价对应关系：

    • ( A ) 级：( 60 ) 元/kg
    • ( B ) 级：( 45 ) 元/kg
    • ( C ) 级：( 30 ) 元/kg

  • 质量单位是克，要换算成千克。1kg=1g1kg=1g

  • 应付金额：

    ans=x1000×price\text{ans} = \frac{x}{1000} \times \text{price}

  • 输出保留两位小数。

代码实现

namespace CuSn{
    void solve(){
        char s;
        int x;
        cin>>s>>x;
        double p;
        if(s=='A')p=60.0;
        if(s=='B')p=45.0;
        if(s=='C')p=30.0;
        double ans=x/1000.0*p;
        printf("%.2f",ans);
    }
}

T2：一个戏的游

思路解析

我们有 NN 个技能，每个技能有冷却 CiC_i 和伤害 DiD_i。
系统按顺序给出 MM 个强化点，每个强化点指定给某个技能 UkU_k：

  • 类型 11：伤害增加 SjS_j
  • 类型 22：伤害增加 Sj%S_j\%（向下取整）

最后计算平均伤害和：

⌊∑i=1NDiCi⌋\left\lfloor \sum_{i=1}^{N} \frac{D_i}{C_i} \right\rfloor

结果对 917809201917809201 取模。
(这个不确定要不要，先挂这)

代码实现

namespace CuSn{
    void solve(){
        long long n,m;
        cin>>n>>m;
        long long co[150],da[150];
        for(int i=1;i<=n;i++)cin>>co[i]>>da[i];
        for(int i=1;i<=m;i++){
            long long op,val,id;
            cin>>op>>val>>id;
            if(op==1)da[id]+=val;
            else da[id]=da[id]*(100+val)/100;
        }
        double sum=0;
        for(int i=1;i<=n;i++)sum+=da[i]*1.0/co[i];
        cout<<(long long)sum%917809201<<'\n';
    }
}

T3：一个宫的迷

思路解析

这是一个三维迷宫最短路问题。

  • 迷宫尺寸为 N×N×NN \times N \times N，每个格子是墙 #、路 .、起点 SS 或终点 EE。
  • 移动方向：上下前后左右共 66 个方向。
  • 求从起点到终点的最短步数，若不可达输出 −1-1。

由于 N≤20N \leq 20，三维网格最多 203=800020^3 = 8000 个格子，直接用 BFS 求解即可。

代码实现

namespace CuSn{
    int n,sx,sy,sz,ex,ey,ez;
    char a[25][25][25];
    int vis[25][25][25];
    int dx[6]={1,-1,0,0,0,0};
    int dy[6]={0,0,1,-1,0,0};
    int dz[6]={0,0,0,0,1,-1};
    struct node{int x,y,z,step;};
    void solve(){
        cin>>n;
        for(int k=0;k<n;k++){
            for(int i=0;i<n;i++){
                for(int j=0;j<n;j++){
                    cin>>a[i][j][k];
                    if(a[i][j][k]=='S')sx=i,sy=j,sz=k;
                    if(a[i][j][k]=='E')ex=i,ey=j,ez=k;
                }
            }
        }
        for(int i=1;i<=10000;i++);
        memset(vis,0,sizeof vis);
        queue<node> q;
        q.push({sx,sy,sz,0});
        vis[sx][sy][sz]=1;
        while(!q.empty()){
            node u=q.front();q.pop();
            if(u.x==ex&&u.y==ey&&u.z==ez){
                cout<<u.step<<'\n';
                return;
            }
            for(int i=0;i<6;i++){
                int nx=u.x+dx[i];
                int ny=u.y+dy[i];
                int nz=u.z+dz[i];
                if(nx<0||nx>=n||ny<0||ny>=n||nz<0||nz>=n)continue;
                if(vis[nx][ny][nz])continue;
                if(a[nx][ny][nz]=='#')continue;
                vis[nx][ny][nz]=1;
                q.push({nx,ny,nz,u.step+1});
            }
        }
        cout<<-1<<'\n';
    }
}

T4：一个法的书

思路解析

题目问的是：经过若干次乘方操作后，能否用恰好 kk 次相邻交换使数组变为非递减顺序。

关键点：

  • 相邻交换排序的最小次数 = 逆序对数量（冒泡排序交换次数）
  • 乘方操作会改变数值，但排序可行性只取决于能否用 ≤k\leq k 次交换完成

判断方法：

  • 若当前数组的逆序对数量 ≤k\leq k 且 (k−逆序对数)(k - \text{逆序对数}) 是偶数，则可以（因为可以多余交换来回抵消）
  • 否则不行

代码实现

namespace CuSn{
    long long n,k,m,v;
    long long a[100005],b[100005],tmp[100005];
    long long merge(int l,int r){
        if(l>=r)return 0;
        int mid=(l+r)/2;
        long long res=merge(l,mid)+merge(mid+1,r);
        int i=l,j=mid+1,p=l;
        while(i<=mid&&j<=r){
            if(b[i]<=b[j])tmp[p++]=b[i++];
            else{
                tmp[p++]=b[j++];
                res+=mid-i+1;
            }
        }
        while(i<=mid)tmp[p++]=b[i++];
        while(j<=r)tmp[p++]=b[j++];
        for(int i=l;i<=r;i++)b[i]=tmp[i];
        return res;
    }
    long long get(){
        for(int i=1;i<=n;i++)b[i]=a[i];
        return merge(1,n);
    }
    void solve(){
        cin>>n>>k>>m;
        for(int i=1;i<=n;i++)cin>>a[i];
        long long cnt=get();
        if(cnt<=k&&(k-cnt)%2==0)cout<<"Yes\n";
        else cout<<"No\n";
        for(int t=1;t<=m;t++){
            cin>>v;
            for(int i=1;i<=n;i++){
                long long res=1;
                for(int j=1;j<=v;j++)res*=a[i];
                a[i]=res;
            }
            cnt=get();
            if(cnt<=k&&(k-cnt)%2==0)cout<<"Yes\n";
            else cout<<"No\n";
        }
    }
}

成功TLE&WA
正确代码:

Code:

namespace CuSn{
    const int MX=100015;
    int n,nn,p,ww,kk,fg;
    bool rp[2];
    long long K;
    int va[MX],vb[MX],bit[MX];
    long long res[2];
    
    void rd(int &x){
        x=0;
        bool f=0;
        char c=getchar();
        while((c<'0'||c>'9')&&c!='-')c=getchar();
        if(c=='-'){f=1;c=getchar();}
        while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
        if(f)x=-x;
    }
    void rd(long long &x){
        x=0;
        bool f=0;
        char c=getchar();
        while((c<'0'||c>'9')&&c!='-')c=getchar();
        if(c=='-'){f=1;c=getchar();}
        while(c>='0'&&c<='9'){x=x*10+c-'0';c=getchar();}
        if(f)x=-x;
    }
    int lb(int x){return x&-x;}
    void add(int x,int v){for(;x<=nn;x+=lb(x))bit[x]+=v;}
    int qry(int x){int r=0;for(;x;x-=lb(x))r+=bit[x];return r;}
    int uniq(){
        sort(vb+1,vb+n+1);
        return unique(vb+1,vb+n+1)-vb-1;
    }
    bool ok(long long x){
        return x<=K&&((K-x)%2==0||rp[fg]);
    }
    void solve(){
        rd(n);rd(K);rd(kk);
        fg=0;
        for(int i=1;i<=n;i++){
            rd(va[i]);
            vb[i]=va[i];
        }
        nn=uniq();
        rp[0]=nn<n;
        for(int i=1;i<=n;i++){
            p=lower_bound(vb+1,vb+nn+1,va[i])-vb;
            res[0]+=qry(nn)-qry(p);
            add(p,1);
        }
        memset(bit,0,sizeof bit);
        for(int i=1;i<=n;i++)vb[i]=va[i]<0?-va[i]:va[i];
        nn=uniq();
        rp[1]=nn<n;
        for(int i=1;i<=n;i++){
            int now=va[i]<0?-va[i]:va[i];
            p=lower_bound(vb+1,vb+nn+1,now)-vb;
            res[1]+=qry(nn)-qry(p);
            add(p,1);
        }
        if(ok(res[fg]))puts("Yes");
        else puts("No");
        while(kk--){
            rd(ww);
            if(ww%2==0)fg=1;
            else fg=0;
            if(ok(res[fg]))puts("Yes");
            else puts("No");
        }
    }
}

总结：

  • 代码有部分不太好
  • 格式难看
  • Markdown\tt Markdown难评
  • ...
userId_undefined
去预览
0/2000

全部评论 3

  • userId_undefined
    wcqk
    题解仙人荣耀黄金CSP-J二等奖传道者BUG超度大师
    1. 你的代码中出现了多种防 AI 字样，例如 T4 code 中的 votion 变量，T2 code 中的取模。
    2. 你的 LaTeX\LaTeX 渲染很烂，很多需要渲染的地方没有渲染
    3. 你的代码极有可能是 AI 生成的，给你发奖已经不错了，加上你赛时 T2 调戏反作弊机制，能拿到罐头已经是我们很大的仁慈了

    8小时前 来自 湖北

    1
    • userId_undefined
      CuSn
      回复
      wcqk

      我不是AI

      8小时前 来自 浙江

      0
    • userId_undefined
      CuSn
      回复
      wcqk

      刑叭

      8小时前 来自 浙江

      0
    • userId_undefined
      wcqk
      回复
      CuSn

      T4 code 中的 votion 变量，T2 code 中的取模。

      8小时前 来自 湖北

      0
  • userId_undefined
    cjdst
    尊贵铂金CSP-S一等奖代码纠察员出题人

    votion

    2天前 来自 广东

    0
  • userId_undefined
    ༺ཉStars_Seekerད༻
    出道萌新秩序白银题解仙人快乐小狗

    细节发帖后自己给自己点赞

    2天前 来自 重庆

    0

热门讨论